Теоретический тест



Скачать 268,06 Kb.
Pdf просмотр
Дата26.07.2018
Размер268,06 Kb.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 1 of 27 14-th International Biology Olympiad
Minsk – Belarus,
8
th
-16
th
July, 2003








ТЕОРЕТИЧЕСКИЙ ТЕСТ
Дорогие участники Олимпиады

В Вашем распоряжении 4,5 часа для ответа на задания частей Аи В.

Задания части А имеют только один правильный ответ. Вам необходимо внести ответ, закрасив соответствующий кружок напротив номера теста в
листе ответов. Ответы, отмеченные в тексте заданий, учитываться не будут. Задания части В могут иметь несколько (более одного) правильных ответов. Вам необходимо отметить правильные ответы в указанных местах в листе
ответов части В. Количество баллов по каждому заданию части В зависит от количества и сложности вопросов. Количество баллов за каждое задание указанно в тексте.
Будьте внимательны, любые исправления в листе ответов нежелательны
ЧАСТЬ А

Клеточная биология (13 вопросов, 20 баллов.
A1. (1 балл. Расположите перечисленные ниже белки в порядке уменьшения
эволюционной консервативности их первичной структуры

1. Соматотропин.
2. Каталитическая субъединица ДНК- полимеразы.
3. Гистон Н.
4. Протамины (резервные белки злаков. АС, 4.
A2. (1 балл. Какое общее свойство присуще аминокислотам, которые кодируются
кодонами ХUХ, где Х - любое основание, урацил

А. Гидрофобность.
B. Положительный заряд.
C. Отрицательный заряд.
D. Сера в боковой цепи.
E. Общих свойств не имеют.
A3. (1 балл. На рисунке показана денатурированная полипептидная цепочка,
содержащая аминокислоты с различными химическими свойствами.

Свойства аминокислот
A и E: Имеют отрицательно заряженные боковые группы.
B: С большим количеством электроположительных атомов.
C и F: Имеют гидрофобные боковые группы.
D: С большим количеством электроотрицательных атомов.
A
C
B
D
E
F

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 3 of 27 При ренатурации указанного выше полипептида в цитоплазматической среде наиболее стабильной будет конфигурация


А.
B.
C.
D.






A4. (1 балл. Нуклеозидфосфаты могут ферментативно перефосфорилироваться между
собой. Какая из следующих реакций невозможна

А. ADP + ADP = AMP + ATP. В. AMP + GTP = ADP + GDP. С. ATP + GDP = ADP + GTP.
D.ATP + UMP = ADP + UDP.
E. ADP + AMP = ATP + аденозин.

A5. (1 балл. Какие нуклеотиды будут преобладать в геноме экстремально-

термофильных бактерий Thermus aquaticus по сравнению с E.coli?


А. A-T. В. C-T. С. G-A.
D. G-C.
E. T-G.

A6. (2 балла. Из представленной ниже реакции определите:

HO OC
C OO H
C OO H
H OO C



A
B
C
F
D
E
A
B
C
D
E
F
A
F
E
B D
C
A
F
E
B
D
C

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 4 of 27
А6.1. (1 балл. К какому классу относится фермент, катализирующий образование
янтарной кислоты из фумаровой ?
А. Изомеразам. В. Дегидрогеназам.
C. Гидролазам.
D. Синтазам.
E. Трансферазам.
А6.2. (1 балл. Производное какого витамина является коферментом этой
реакции? А. В тиамин)
B. В (рибофлавин)
C. В (пиридоксин)
D. В (цианокобаламин)
E. В
с фолиевая кислота)

A7. (1 балл. Известно, что цианиды (CN
-
) и монооксид углерода (CO) специфически
связываются в митохондриях, соответственно, с восстановленной и окисленной
формой цитохрома а
3
(cyt a
3
) (часть комплекса IV электронно-транспортной цепи.
Какие из перечисленных утверждений верны
1. Цианиды и монооксид углерода одинаково токсичны для митохондриий.
2. Цианиды намного более токсичны для митохондрий, чем монооксид углерода.
3. Монооксид углерода более токсичен для животных организмов, т.к. он способен связываться и с другими железосодержащими соединениями (например, с гемоглобином.
4. Монооксид углерода менее токсичен для животных организмов, т.к. он способен связываться и с другими железосодержащими соединениями (например, с гемоглобином.
5. Цианиды более токсичны для животных организмов, т.к. он способен связываться только с цитохромом а.
A. 1, 2, 4.
B. 2, 3, 5.
C. 1, 4, 5.
D. Только 4.
E. Только 1.
A8. (1 балл. У молочнокислых бактерий отсутствует электронтранспортная цепь.
Однако при определенных условиях до 50% АТФ синтезируется
мембрансвязанной Н
+
-АТФазой. При каких условиях образуется градиент
протонов, необходимый для синтеза АТФ
1. Если концентрация молочной кислоты в клетке выше, чем в среде.
2. Если концентрация молочной кислоты в клетке ниже, чем в среде.
3. Унипорт молочной кислоты.
4. Симпорт молочной кислоты с Н. Антипорт молочной кислоты с НА. 1, 3. В. 1, 4
C. 1, 5.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 5 of 27
D. 2, 5 Е. 2, 4.
A9. (3 балла. Лактозный оперон Escherichia coli состоит из трех генов
lacZ - кодирует
β-галактозидазу,
lacY - галактозидпермеазу, осуществляющую транспорт лактозы в клетку,
lacA - галактозид-трансацетилазу.
Лактозный оперон находится под контролем LacI - репрессора, неактивного в
присутствии лактозы (индуктора. Существует широкий спектр химических
аналогов лактозы, например
ортонитрофенил-
β-D-галактозид (ОНФГ) – является субстратом для
β-галактозидазы (ноне индуктором. Образующийся при этом ортонитрофенол
токсичен для клеток

изопропил-
β-D-тиогалактозид (ИПТГ) - индуктор, ноне субстрат для
β-галактозидазы;
фенил-
β-D-галактозид (ФГ) - субстрат для β-галактозидазы (ноне индуктор.
Продукты его гидролиза нетоксичны для клетки.
A9.1. (1 балл. Какие клетки будут расти на среде с ФГ в качестве единственного
источника углерода и энергии

А. lacI

.
B. lacZ

.
C. lacY

.
D. lacZ


lacY

.
E. lacI

lacZ

.
A9.2. (1 балл. Будут ли эти клетки расти на среде с ОНФГ?
А. Да.
B. Нет.

A9.3. (1 балл. Для клеток, мутантных по galE гену, галактоза является
токсичным соединением. Какие клетки с такой мутацией будут расти на
среде ФГ + ИПТГ (при наличии в среде арабинозы как дополнительного
источника углерода и энергии
А. lacI

B. lacZ

C. lacA

D. lacI

lacA

.
A10. (2 балл. Был осуществлен синтез белка in vitro. Для этого в качестве матрицы
был использован полирибонуклеотид, состоящий из U ив соотношении 1:5
(расположение U и C случайное. Какие аминокислоты ив каком соотношении
будут находиться в составе молекул синтезированных полипептидов
А. 1Phe : 5Pro : 3Leu.
B. 1Leu : 1Pro : 1Ser : 1Phe.
C. 1Phe : 5Ser : 5Pro : 5Leu.
D. 1Phe : 25Pro : 5Ser : 5Leu.
Е. 5Leu : 5Pro.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 6 of 27
A11. (3 балла. Одна нить молекулы ДНК, выделенной из бактерий E. coli, имеет
последовательность 5
– GТАGCCТАCCCАТАGG – 3. Допустим, что с этой
молекулы транскрибируется мРНК, причем матрицей служит комплементарная
цепь.
A11.1. (1 балл). Какова будет последовательность этой мРНК?

А. 3
′ – CАUCGGАUGGGUАUCC – 5′.
B. 5
′ – GUАGCCUАCCCАUАGG – 3′.
C. 5
′ – GGАUАCCCАUCCGАUG – 3′.
D. 5
′ – CАCАGАUАCCCАGАUG – 3′.
A11.2. (1 балл). Какой пептид будет синтезироваться, если его трансляция

начинается точно с 5
– конца этой мРНК? (Допустим, что стартовый кодон
в данном случае не требуется. Для вопросов 11 и 12 Вы можете
использовать таблицу генетического кода.

А. - Gly - Tyr - Pro - Ala – Asp.
B. - His - Arg - Met - Gly – Ile.
C. - Val - Ala - Tyr – Pro.
D. - His - Arg - Tyr - Pro – Ala.
A11.3. (1 балл. Когда от рибосомы отделяется тРНК
Ala
, какая следующая тРНК
будет связываться с рибосомой

А. тРНК
Tyr
B. тРНК
Pro
C. тРНК
Val
D. тРНК
Arg
E. тРНК
His
A12. (1 балл). Локализацию транскрипционной активности какой РНК-полимеразы
эукариот можно наблюдать под световым микроскопом без специальных методов
окраски?

А. РНК-полимеразы I.
B. РНК-полимеразы II.
C. РНК-полимеразы III.
D. Праймазы.
E. Определить невозможно

А13. (1 балл. Фаллоидин – очень токсичное соединение, выделенное из гриба Amanita
phalloides, имеет высокое сродство к актиновым полимерам. Фаллоидин
можно пометить, ковалентно пришивая к нему молекулу флюоресцирующего
вещества, например, флюоресцеина. Это не снижает сродства фаллоидина
к актину. Если фиксированный метанолом микропрепарат спермы обработать
реагентом, содержащим меченный флюоресцеином фаллоидин, а затем смыть
излишки реагента, какая из структур сперматозоида на микропрепарате будут
светиться при рассмотрении под флюоресцентным микроскопом


IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 7 of 27 А. Акросома. В. Жгутик. С. Головка.
D. Митохондрия. Е. Весь сперматозоид.

A14. (2 балла. На основании следующих экспериментальных фактов решите, какая
из четырех моделей (A, B, С или D) участия белков Bax ив регуляции
запрограммированной клеточной гибели (апоптоза) является верной.
Экспериментальные факты

ƒ
Мыши с инактивированным геном bcl-2 имели высокую частоту апоптоза в
различных тканях. Это могло быть скорректировано инактивацией
гена bax.

ƒ
Ген bax в единственной геномной копии приводил к апоптозу при
отсутствии белка Bcl-2.
ƒ
В тоже время, ген bcl-2 подавлял апоптоз в отсутствие белка Bax.
A. Белок Bax ингибирует действие белка Bcl-2, который ингибирует апоптоз (см. A на рисунке.
B. Белок Bcl-2 является ингибитором белка Bax, который вызывает апоптоз (см. B на рисунке.
C. Белки Bcl-2 и Bax действуют независимо, приводя к выживанию и апоптозу, соответственно (см. C на рисунке.
D. Белок Bcl-2 блокирует ингибирующее действие белка Bax на апоптоз (см. D на рисунке.
Анатомия и физиология растений (9 вопросов, 11 баллов.
А15. (1 балл). Если проводящая система усиков растения представлена
единственным закрытым коллатеральным пучком, то метаморфозом какого
органа является усик

А. Побега.
B. Листа.
C. Стебля.
D. Корня.
E. Определить невозможно
А16. (1 балл. На рисунке представлена схема поперечного среза хвои ели.
Какими цифрами обозначена верхняя сторона листа

А. I и II.
B. II и IV.
C. I и III.
D. III и IV.
E. II и III.

А17. (1 балл. Эндосперм хвойных развивается из
А. Центрального ядра в результате двойного оплодотворения.
B. Яйцеклетки после оплодотворения.
C. Мегаспоры до оплодотворения.
D. Мегаспоры после оплодотворения.
E. Клеток мегаспорангия до оплодотворения.
А18. (1 балл. Какие соединения являются основными субстратами для роста
ксилофильных грибов (осуществляют разложение древесины, вызывающих
белую (1) и бурую (2) гниль
1 2 А. Целлюлоза.
Суберин.
B. Целлюлоза. Лигнин.
C. Лигнин. Целлюлоза.
D. Суберин. Целлюлоза.
E. Пектин.
Гемицеллюлоза.
А19. (1 балл. Сравните рН цитозоля (1), стромы хлоропластов (2) и просвета
тилакоидов (3) в клетках растений на свету
А. 1>2>3.
B. 1>3>2.
C. 2>1>3.
D. 2>3>1.
E. 3>1>2.






Флоэма
Ксилемма
I
II
III
IV

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 9 of 27
А20. (1 балл. Трихомы спирогиры помещали в среду, где некоторое время до этого без
доступа воздуха инкубировали строго аэробные бактерии. Затем участок нити
спирогиры освещали тонким лучом, пропущенным через призму для получения
спектра (см. рисунок.

В каком участке нити будет наблюдаться максимальная концентрация бактерий

А. 1,3.
B. 1,4.
C. 2,3.
D. 2,4. Е. 3,4.

A21. (2 балл. Растения кукурузы дикого типа (фермент Рубиско

функционирует нормально) сравнивали с мутантной
разновидностью кукурузы, у которой фермент Рубиско неспособен
катализировать реакцию оксигенирования. Найдите пункт, в котором
правильно указаны различия между фотосинтетической способностью
растений мутантного и дикого типов и причины этих различий. Оба растения
находятся в одинаковых температурных условиях.

Фотосинтетическая
способность мутантов


Объяснение
А. Намного меньше, чем растений дикого типа.
Рубиско в клетках обкладки мутантных растений теряет свою способность фиксировать кислород.
В.
Намного меньше, чему растений дикого типа.
Рубиско в клетках обкладки теряет свою способность фиксировать углекислый газ.
C. Намного больше, чему растений дикого типа. Поскольку клетки мезофилла осуществляют фотодыхание, фотосинтетическая способность мутанта не будет затронута данной мутацией.
1 2
3 4
λ, нм 500 600 700 800

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 10 of 27
D. Такая же, как и у растений дикого типа. Поскольку клетки мезофилла осуществляют фотодыхание, фотосинтетическая способность мутанта не будет затронута данной мутацией.
E. Такая же, как и у растений дикого типа. Поскольку концентрация Св клетках обкладки пучка достаточно высокая, ни мутантные растения, ни растения дикого типа не будут осуществлять фотодыхание.

А22. (2 балл. Фотосинтез в растениях зависит от температуры (Т) и интенсивности
света (И. На данном графике изображены результаты измерения поглощения СО
2
тремя растениями одного вида при различной интенсивности света. Назовите
факторы, которые являются лимитирующими в диапазоне температур от -5
0
С до
0
0
С и от +20 до +30
о
С при используемой интенсивности света.


Интервал температур от –5 до 0 °C
Интервал температур
от +20 дои И – лимитирующие факторы T и И – нелимитирующие факторы.
B. Т – лимитирующий, И – нелимитирующий
T – нелимитирующий, И – лимитирующий
-5 10 5
0 15 30 25 20
temperature (°C)
CO
2
-consumption light СО поглощение уровень интенсивности света
4 -х кратный х кратный однократный температура, о
С

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 11 of 27
C. T
– лимитирующий, И – нелимитирующий
T – лимитирующий, И – нелимитирующий
D. T – нелимитирующий, И – лимитирующий
T – лимитирующий, И – нелимитирующий
E. Ни одна из приведенных комбинаций неверна балл. Ниже показан результат эксперимента, в котором использовали

протопласты замыкающих клеток устьиц Vicia faba. Протопласты инкубировали
в виде суспензионной культуры в среде с соответствующим осмотическим
давлением. После нахождения в течение 30 мин под красным светом они были
освещены синим светом в течение 30 сек. Вовремя всего эксперимента
регистрировали pH среды, в которой выращивали протопласты.

10 20 30 40 50 60
Кислотный
Щелочной
pH среды
Синий свет
Время (мин)

Исходя из представленных результатов определите, какой вывод является
наиболее правильным.
A. Синий свет может способствовать поглощению замыкающей клеткой устьица протонов из среды.
B. Синий свет может способствовать выкачиванию протонов из замыкающих клеток устьиц.
C. Синий свет может быть очень эффективным для дыхания замыкающих клеток устьиц.
D. Синий свет может активировать протопласты для выделения энергии.
E. Не только синий свет, но и свет с другой длиной волны также может способствовать переносу протонов в замыкающих клеток устьиц.







IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 12 of 27
А24. (1 балл. Если лишенный эпидермиса колеокоптиль овса поместить в
физиологический раствор (рН = 5,0), то произойдет относительно быстрое его
удлинение. Действие какого фитогормона иммитирует данный эксперимент
А. Ауксин.
B. Гиббереллиновой кислоты.
C. Цитокининов.
D. Этилена.
E. Абсцизина.
Анатомия и физиология животных (9 вопросов, 11 баллов.
А25. (1 балл. У каких животных объем легких остается постоянным на протяжении
всех этапов дыхания
А. У насекомых. В. У птиц. СУ млекопитающих.
D. У рептилий.
A26. (1 балл. Как изменяется давление при прохождении крови через сосудистое русло
от желудочка к предсердию, у рыб
A – Предсердие.
V – Желудочек.
P – Давление.




A
A
A
A
A
V
V
V
V
V
A.
E.
D.
C.
B. Р Р Р Р

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 13 of 27
A27. (1 балл. Разветвленный аксон стимулируют в точке 1 (см. рисунок. Возбуждение
переносится из точки 1 в точку 2, а затем в точки 3 и 4. Какое сравнение частот
импульсов (I), измеренных в этих точках, верно

A. I(1) > I(2) > I(3), I(3) = I(4), I(3) + I(4) = I(2).
B. I(1) > I(2) > I(3), I(3) = I(4), I(3) x I(4) = I(2).
C. I(1) < I(2) < I(3), I(3) = I(4).
D. I(1) = I(2) > I(3), I(3) = I(4), I(3) + I(4) = I(2).
E. I(1) = I(2) = I(3) = I(4).



A28. (1 балл. У дрозофилы гомозиготы по мутации shake чрезвычайно чувствительны
к диэтиловому эфиру, вызывающему судороги у гомозигот, что обусловлено
нарушениями проведения нервного импульса (см. график ниже.
Функционирование каких структур затрагивает мутация shake?
Время
А. каналов.
B. каналов.
C. каналов.
D. K
+
/Na
+
-АТФазы.
E. Н- помпы.














↓1 Дикий тип

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 14 of 27
А29. (1 балл. Изменению концентрации какого гормона в крови в течение суток
соответствует приведенный ниже график

А. Тироксина.
B. Глюкогона.
C. Инсулина.
D. Кортизола. Е. Паратгормона.
А30. (1 балл. Тиреоиодит - это аутоиммунное заболевание, обусловленное
гиперфункцией щитовидной железы. При этом концентрация ТТГ
(тиреотропного гормона) в крови ниже нормы. Связывание антител с
рецепторами гормонов может как блокировать, таки активировать
рецептор. Причиной данного заболевания является связывание
аутоиммунных антител с
А. Рецепторами тироксина.
B. Тироксином.
C. Рецепторами ТТГ.
D. ТТГ. Е. Рецепторами тиреолиберина.
A31. (3 балла. У мышей известны две рецессивные мутации ob

и db
.
, которые имеют
одинаковое фенотипическое проявление – у мутантных мышей наблюдается
ожирение, гипертрофия жировой ткани и предрасположенность к развитию
связанных с ожирением заболеваний (гипертония, физиологический несахарный
диабет и т.п.). Мутации не сцеплены между собой.
Для определения роли продуктов этих генов в регуляции веса были проведены
три эксперимента по парабиозу (объединение хирургическим путем систем
кровообращения двух мышей разных генотипов. Через 2 недели парабиоза был
определен вес каждой мыши

генотипы

ob

/ob

+ wt
+

db

/ db

+ wt
+

ob

/ob

+ db

/ db


вес
потеря
веса


без
изменений

без
изменений
потеря
веса
потеря
веса
без
изменений
Стрелками указано время приема пищи.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 15 of 27
A31.1. (1 балл. Определите, что является продуктом гена ob:
А. Пептидный гормон, способствующий ожирению.
B. Пептидный гормон, способствующий потере веса.
C. Рецептор гормона, способствующего ожирению.
D. Рецептор гормона, способствующего потере веса.
E. Непептидный гормон, способствующий ожирению.

A31.2. (1 балл. Определите, что является продуктом гена db:

А. Пептидный гормон, способствующий ожирению.
B. Пептидный гормон, способствующий потере веса. С. Рецептор гормона, способствующего ожирению.
D. Рецептор гормона, способствующего потере веса.
E. Непептидный гормон, способствующий ожирению.
A31.3. (1 балл. Какое расщепление по фенотипу будет в F
2
при скрещивании

ob

/ob

и db

/db

мышей
А. 9:3:3:1
B. 9:7
C. 15:1
D. 1:2:1
E. 3:1
А32. (1 балл. Если новорожденной крысе имплантировать четыре золотых стержня
в большую берцовую кость так, как показано на рисунке. Расстояние между
какими из них изменится в процессе роста
1
2
3
4
А. 1 и 2
B. 2 и 3
C. 3 и 4
D. 3 и 1
A33. (1 балл). Дятлы рода Dryocopus могут быстро передвигаться по стволам деревьев
благодаря тому, что у них: А. Все пальцы на ногах направлены вперед. В. Два пальца направлены вперед, а два – назад. С. Три пальца направлены вперед, а один назад.
D. Один палец направлен вперед, а три назад.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 16 of 27
А34. (1 балл. Основное различие между гуморальными клеточным иммунитетом
состоит в том, что

А. Гуморальный иммунитет неспецифичен, а клеточный проявляет специфичность в отношении каждого определенного антигена. В. Только в гуморальном иммунитете участвуют лимфоциты. С. Гуморальный иммунитет не может функционировать самостоятельно, а его наступление всегда вызывается клеточным иммунитетом.
D. Гуморальный иммунитет действует против свободных антигенов, а клеточный – против тех, которые проникли в клетку. Е. Только гуморальный иммунитет обеспечивает иммунологическую память.
Этология (2 вопроса, 2 балла.

A35. (1 балл. В каком варианте указаны наилучшие условия для выработкт условного
рефлекса (по Павлову): А. Безусловный стимул опережает условный стимул безусловный стимул сильнее условного стимула. В. Безусловный стимул опережает условный стимул безусловный стимул слабее условного стимула. С. Условный стимул опережает безусловный стимул условный стимул сильнее безусловного стимула.
D. Условный стимул опережает безусловный стимул условный стимул слабее безусловного стимула.
A36. (1 балл. Кукушка и ее хозяева – хорошо изученный пример коэволюции, как
длинного, никогда непрекращающегося процесса. Кукушка (Cuculus canoris)
является гнездовым паразитом мелких воробьиных птиц (Passeriformes), те.
подкладывает свои яйца в их гнезда. В результате коэволюции кукушка и ее
хозяева приобрели особые формы поведения. Какие из следующих утверждений
(А–Е) верны
1. Хозяева откладывают яйца после полудня.
2. Кукушка питается яйцами муравьев.
3. Хозяин агрессивен по отношению к кукушке.
4. Яйца кукушки непохожи на яйца хозяина.
5. Кукушка агрессивна по отношению к хозяину.
6. Кукушка старается быть незамеченной у гнезда хозяина. Аи. В. 4 и 6. Сии. Е. 4 и 2.









IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 17 of 27
Генетика и эволюция ( 8 вопросов, 9 баллов.

А37. (1 балл. У птиц, в частности кур, пол определяется комбинацией половых
хромосом Z и W. У цыплят в раннем возрасте трудно определить пол. Однако в
экономическом отношении очень важно дифференцировать самок и самцов в этом
возрасте. Используя генетический маркер можно производить такие
скрещивания, что пол можно будет определять по фенотипическому проявлению
маркерного гена. В какой хромосоме должен находиться маркированный ген (I) и
какое из скрещиваний позволит отличить самцов от самок (II)?

Найдите верное сочетание.


Локализация
маркерного гена (I)


Тип скрещивания (II)
А. В хромосоме. Рецессивная самка скрещивается с гомозиготным по доминантному аллелю самцом.

В. B хромосоме. Рецессивная самка скрещивается с гомозиготным по доминантному аллелю самцом.

С. B хромосоме. Доминантная самка скрещивается с гомозиготным по рецессивному аллелю самцом.
D. B аутосоме. Рецессивная самка скрещивается с гетерозиготным самцом.

E. B хромосоме. Доминантная самка скрещивается с гетерозиготным самцом.

А38. (1 балл. Гены abcde тесно сцепленны и расположены на хромосоме E. coli.

Короткие делеции в этой области вызывают утрату некоторых генов,
например:

делеция 1 – генов bde.
делеция 2 – генов ac.
делеция 3 генов abd.
Какова последовательность указанных генов на карте хромосомы E. coli?
A. b, c, d, e, a
B. e, a, c, b, d
C. a, b, с, d, e
D. c, a, b, d, e
E. a, b, c, d, e



IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 18 of 27
А39. (2 балла). В соответствии с предложенной моделью организации цветка,
формирование каждого круга цветка определяется уникальной комбинацией
3 генов A, B и С. Было показано, что гены Аи С взаимно подавляют друг друга.
Характер экспрессии этих генов в цветках дикого типа показан ниже.
А39.1. (1 балл. Морфология цветка, в котором не работает ген А будет: А.



St C

1 2 3 4

B.
C St St C
1 2 3 4
C.
C P P C

1 2 3 4
D.

P St C

1 2 3 4
A39.2. (1 балл. Морфология цветка, в котором будет отсутствовать активность
гена Сбудет следующая
A.
C P St P
1 2 3 4
B.

 
C
1 2 3 4
C.
S P P S
1 2 3 4
D.
S P St

1 2 3 4




1 2 3 4 круги цветка
C B A
S P St C действие гена Формирование
S: чашелистиков
P: лепестков тычинок.
C: плодолистиков.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 19 of 27
A40. (2 балла. Окраску эндосперма растения определяет один ген, расположенный в
районе центромеры. Этот ген экспрессируется только в клетках эндосперма.
Эксперимент 1. При опылении чистой линии растений с окрашенным
эндоспермом (ОЭ) пыльцой чистой линии с неокрашенным эндоспермом
(НОЭ) в F
1
все семена были с окрашенным эндоспермом.
Эксперимент 2. При опылении растений F
1
пыльцой линии НОЭ в F
2
все
семена также были с окрашенным эндоспермом.
Эксперимент 3. При опылении растений F
2
пыльцой линии НОЭ 50%
растений давали семена с окрашенным эндосперма-
с неокрашенным эндосперм.
A40.1. (1 балл). По результатам трех экспериментов определите, какой тип
зародышевого мешка характерен для этого вида?




















A40.2. (1 балл). Какое соотношение семян с окрашенными неокрашенным
эндоспермом в эксперименте 2 могло бы получиться, если бы ген окраски
эндосперма располагался на расстоянии > 50 cM от центромеры?
А. 3:1.
B. 1:3.
C. 7:1.
D. Все с окрашенным эндоспермом.
E. Все с неокрашенным эндоспермом.

А41. (1 балл. Ниже представлена схема превращения фенилаланина в организме
человека:

фенилаланин
А
тирозин
В
СО
2

2
О

Мейоз
Митоз
А. Моноспорический.
B. Биспорический.
C.
Тетраспорический.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 20 of 27
Дефект этапа А приводит к возникновению наследственного заболевания –
фенилкетонурии (ФК), а дефект этапа В – алкаптонурии (АКУ). Женщина,
больная ФКУ, вышла замуж за мужчину, больного АКУ. Какого фенотипа будут у
них дети
Примечание: оба заболевания ФКУ и АКУ не сцеплены с полом. Гетерозиготность
по анализируемым генам у родителей отсутствует.

A. Все дети будут больны.
B. Все дети будут здоровы. С. Половина детей будут больны ФКУ, а вторая половина здорова.
D. Половина детей будут больны АКУ, а вторая половина здорова.
A42. (1 балл. На рисунке представлены результаты электрофореза
амплифицированных с помощью ПЦР фрагментов ДНК членов одной семьи
мать (1), отец (2) и 9 детей. Отец и 6 детей (3, 5, 7, 8, 10, 11) в этой семье имеют
симптомы наследственного заболевания хорея Гентингтона. Первые симптомы
болезни у отца появились после 40 лет, возраст детей с первыми симптомами
заболевания указанна рисунке возле соответствующих фрагментов ДНК.
Какова вероятность заболевания 4, 6 и ого ребенка в этой семье
А. 4-ый и 9-ый ребенок здоров и никогда не заболеют хореей Гентингтона, тогда какой ребенок имеет высокую вероятность заболевания. В. Короткие ПЦР фрагменты соответствуют проявлению заболевания в раннем возрасте. Си 9-ый ребенок имеют все шансы заболеть в более старшем возрасте.
D. Нет никакой корреляции между возрастом детей с симптомами заболевания и скоростью миграции амплифицированных ПЦР фрагментов.
E. Хорея Гентингтона – это инфекционное заболевание, большая часть детей этой семьи должна заболеть.








100
(ЦАГ)
п
30 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 40 27 26 11 14 2

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 21 of 27
А43. (1 балл. Длинный венчик табака наследуется как рецессивный моногенный
признак. Если в природной популяции 49% растений имеют длинный венчик, то
какова вероятность того, что в результате анализирующего скрещивания
растения с коротким венчиком из этой популяции в F
1
будет единообразие
потомства?

А. 82,4 %
B. 51 %
C. 30 %
D. 17,7 %
E. 42 %
А44. (1 балл. В генетически сбалансированной популяции встречаются аллели T и t.
Доминантный фенотип имеет 51 % особей. Вдруг условия изменяются, вызывая
смерть рецессивных индивидов перед достижением зрелости. После этого условия
возвращаются к норме. Какой будет частота t после одной генерации
А. 0,41. В. 0,3. С. Определить невозможно.
D. 0,7.
E. 0,58.
А45. (1 балл. На суше процесс эволюции протекает быстрее, чем в море, потому что

A. Жизнь зародилась в море.
B. Давление отбора выше в море, делая выживание более тяжелым.
C. Больше ископаемых найдено в отложениях моря.
D. Условия жизни в море более стабильны.
А46. (1 балл. Явление упрощения организации индивидуумов в процессе эволюции
называется:

А. Биологический регресс. В. Общая дегенерация. С. Идиоадаптация. Ароморфоз. Е. Дизьюнкция.
















IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 22 of 27
Экология (8 вопросов, 10 баллов.

А47. (3 балла. Раковина земляных улиток подвержена вариации по окраске и узору
полосок. Для того чтобы построить цифровую формулу полосок, полоски
нумеруются, начиная с верхней части большого завитка, как показано на
рисунке 1. Знак «0» используется, чтобы показать отсутствие полоски и
квадратные скобки показывают слияние двух полосок.


А47.1. (1 балл. Используя буквенное обозначение, укажите формулу полосок
для раковины S.

A. 030[45].
B. 03045. С. 02045.
D. 003[45].

А47.2. (1 балл. Дрозды (которые имеют хорошее цветовое зрение) разбивают
раковины земляных улиток о камни (наковальни) для того, чтобы съесть
мягкое содержимое. Если улитки типов P, Q, R и S были сначала в
одинаковых количествах в определенном месте в траве, какой из
вариантов пользовался бы наибольшей популярностью у птиц
A. P.
B. Q.
C. R.
D. S.

Рис.1

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 23 of 27
А47.3. (1 балл. Был проведен анализ разбитых раковин, собранных в лесу около
наковален дроздов, вокруг которых находились опавшие высохшие листья
берез. Каково будет соотношение различных типов разбитых раковин в этом
месте? Отметьте правильный ответ.

% разбитых раковин каждого типа

P Q R S
A. 13 33 1 5
B.
11 1 34 6
C. 5 1 14 32
D. 6 21 20 5

А48. (1 балл). Какие из следующих утверждений, относящихся к процессу
экологической сукцессии, верны

1. Доступность питательных веществ обычно увеличивается.
2. Разнообразие видов уменьшается по мере прохождения процесса.
3. Новая группа видов растений достигает доминирования и вытесняет предыдущие виды.
4. Высота и биомасса растительности обычно возрастает по мере прохождения процесса.
5. Каждая группа видов модифицирует местообитание, делая его более благоприятным для других видов.
A. 1, 2, 3.
B. 2, 3, 4.
C. 3, 4, 5.
D. 1, 3, 4, 5.
E. 1, 2, 4, 5.
А49. (1 балл. Какое сочетание факторов, влияющих нарост популяции, правильное?
Факторы, зависящие от
плотности популяции


Факторы, независящие от плотности
популяции


A. Освоение территорий, каннибализм. Ветер, паразиты, свет.
B. Миграция, количество пищи. Температура, фактор скученности.
C. Освоение территорий, температура. Влажность, ветер, свет.
D. Фактор скученности, свет. Ветер, качество почвы.
E. Паразиты, хищники. Качество почвы, влажность.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 24 of 27
А50. (1 балл. Что из перечисленного характерно для климаксной стадии экологической
сукцессии?

А. Высокая стабильность экосистемы. В. Максимальное увеличение биомассы за единицу времени. С. Постоянно высокая скорость увеличения количества видов растений и животных.
D. Чистая продуктивность экосистемы значительна, но варьирует от года к году.
А51. (1 балл. В экологических пирамидах обычно каждый более высокий трофический
уровень становится меньше. Возможны исключения, ведущие к перевернутым
пирамидам. Это утверждение верно для
I. Пирамиды количества особей с одним большим продуцентом.
II. Пирамиды массы, когда продуценты имеют очень короткий жизненный цикл.
III. Пирамиды энергии в очень жарких экосистемах.
Что из перечисленного является верным?
A. Только I и II.
B. Только II и III.
C. Только I и III.
D. I, II и III.
E. Ни одно из утверждений.
А52. (1 балл. Вас вместе с Вашей семьей увезли на необитаемый остров и оставили Вам
только одну корову и большой запас пшеницы, для того, чтобы было чем ее
кормить. Как следует поступить, чтобы получить наибольшее количество
энергии, и, соответственно, выжить как можно дольше на этом острове
А. Скормить пшеницу корове, а затем выпить молоко. В. Съесть корову, затем съесть пшеницу.
C. Скормить пшеницу корове, выпить молоко, затем съесть корову.
D. Выпить молоко, когда продукция молока прекратится – съесть корову, затем съесть пшеницу.
А53. (1 балл. На определенной территории величина доступной солнечной энергии
представлена показателем К. Чему, по грубым подсчетам, равна чистая
продуктивность энергии нам трофическом уровне
А. 10
-3
· КВ К. С. 10
-7
· К.
D. 10
-4
· К. Е. 10
-6
· КА балл. График отражает изменения, происходящие в двух популяциях

травоядных животных, обитающих на одном лугу. Какова наиболее вероятная
причина таких изменений

















А. Истощение растительных ресурсов в данном месте обитания. В. Особи популяции В более успешно конкурирует за пищевые ресурсы, чем особи популяции АС. В популяции А воспроизводится большее количество потомков, чем в популяции В.
D. Особи популяции А поедают особей из популяции В. Е. Через некоторое время обе популяции будут представлены приблизительно одинаковым количеством особей.
Биосистематика (5 вопросов, 5 баллов.

А55. (1 балл). Для того, чтобы отнести асцидий к подтипу Urochordata
(Личиночнохордовые) необходимо знать особенности
их личиночной стадии. Найдите признаки, характерные для личинок
оболочников.

I. На личиночной стадии они имеют хорду (нотохорд).
II. Они высоко специализированы.
III. Личинки имеют расположенную на спинной стороне нервную трубку, которая в результате метаморфоза редуцируется до нервного ганглия.
IV. Они имеют подвижный хвост, глотку и жаберные отверстия. Аи и IV.
E. I и III.





Количество организмов Время
A
B

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 26 of 27
А56. (1 балл. Из перечисленного ниже выберете характеристики стрекающих
(Cnidaria).

А. Океанические и пресноводные, преимущественно хищные. В. Только океанические, преимущественно хищные.
C. Океанические и пресноводные, фильтрационный тип питания.
D. Только океанические, исключительно фильтрационный тип питания. Е. Только пресноводные, хищники или паразиты.
А57. (1 балл. Какое из следующих положений может являться доказательством тесных
эволюционных связей между типом Кольчатые черви (Annelida) и типом
Моллюски (Mollusca)?
А. Представители обоих типов имеют билатеральную симметрию тела. В. Их пищеварительные системы имеют сходные отделы. С. Их тела состоят из сходных тагм (отделов тела.
D. Животные обоих типов имеют замкнутую кровеносную систему. Е. Многие моллюски и морские кольчатые червив жизненном цикле имеют трохофорную личинку.
А58. (1 балл. Зоологи помещают хордовых и иглокожих на одной большой ветви
филогенетического древа животных, а моллюсков, кольчатых червей и
членистоногих на другой. Что лежит в основе такого разделения? А. Наличие или отсутствие у животных скелета. В. Тип симметрии тела. С. Наличие или отсутствие полости тела.
D. Механизм формирования полости тела. Е. Наличие или отсутствие сегментации.
А59. (1 балл. Ниже на кладограмме приведены филогенетические связи между
тремя ныне живущими (a,b,c) и двумя вымершими (d,e) таксономическими
группами. Какое их объединение в таксон более высокого ранга (обведен
пунктирной линией) будет соответствовать принципам естественной
классификации?

e d а c
b А. e
d a с
b
В. e d a c
b С. e d
a c
b
D. e
d a
c b
E.

IBO – 2003 Part A
Download from http://bioolimp.narod.ru
Page 27 of 27
А60. (1 балл). Известно пять видов одного семейства (K, L, M, N, O), которые
принадлежат к одному роду. В таблице приведены сведения о наличии
шести признаков у представителей этих видов.

Виды Признаки
1 2 3 4 5 6
K.
+ – + + + –
L.
– – – – + –
M.
+ – – – – –
N.
– + – – – –
O. +

+
+




Исходя из предположения, что наиболее вероятной моделью
филогенетического развития следует считать ту, которая потребовала бы
наименьшего количества эволюционных изменений, укажите вид, который
вероятнее всего является предком вида O?
А. K. В. L. С. M.
D. N.



Поделитесь с Вашими друзьями:


База данных защищена авторским правом ©stomatologo.ru 2019
обратиться к администрации

    Главная страница